2013年甘肃高考理科数学试题
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合M={x|(x-1)<4,x∈R},N={-1,0,1,2,3},则M∩N=( ).
A.{0,1,2} B.{-1,0,1,2} C.{-1,0,2,3} D.{0,1,2,3} 2.设复数z满足(1-i)z=2i,则z=( ).
A.-1+i B.-1-I C.1+i D.1-i
3.等比数列{an}的前n项和为Sn.已知S3=a2+10a1,a5=9,则a1=( ).
2
1111??A.3 B.3 C.9 D.9
4.已知m,n为异面直线,m⊥平面α,n⊥平面β.直线l满足l⊥m,l⊥n,lα,lβ,则( ).
A.α∥β且l∥α B.α⊥β且l⊥β
C.α与β相交,且交线垂直于l D.α与β相交,且交线平行于l
52
5.已知(1+ax)(1+x)的展开式中x的系数为5,则a=( ).
A.-4 B.-3 C.-2 D.-1
6.执行下面的程序框图,如果输入的N=10,那么输出的S=( ).
1111111+????1+????10 B.2!3!10! A.231111111+????1+????11 D.2!3!11! C.237.一个四面体的顶点在空间直角坐标系O-xyz中的坐标分别是(1,0,1),(1,1,0),
(0,1,1),(0,0,0),画该四面体三视图中的正视图时,以zOx平面为投影面,则得到的正视图可以为( ).
8.设a=log36,b=log510,c=log714,则( ).
A.c>b>a B.b>c>a C.a>c>b D.a>b>c
?x?1,?9.已知a>0,x,y满足约束条件?x?y?3,若z=2x+y的最小值为1,则a=( ).
?y?a?x?3?.?11A.4 B.2 C.1 D.2
32
10.已知函数f(x)=x+ax+bx+c,下列结论中错误的是( ).
A.?x0∈R,f(x0)=0
B.函数y=f(x)的图像是中心对称图形
C.若x0是f(x)的极小值点,则f(x)在区间(-∞,x0)单调递减 D.若x0是f(x)的极值点,则f′(x0)=0
2
11.设抛物线C:y=2px(p>0)的焦点为F,点M在C上,|MF|=5,若以MF为直径的圆过
点(0,2),则C的方程为( ).
A.y2=4x或y2=8x B.y2=2x或y2=8x C.y2=4x或y2=16x D.y2=2x或y2=16x
12.已知点A(-1,0),B(1,0),C(0,1),直线y=ax+b(a>0)将△ABC分割为面积相等的两部分,则b的取值范围是( ).
??21?21??11?1?,1?,????,?????22233? C.?? D.?2? A.(0,1) B.?第Ⅱ卷
本卷包括必考题和选考题两部分,第13题~第21题为必考题,每个试题考生都必须做答。
第22题~第24题为选考题,考生根据要求做答。
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
????????13.已知正方形ABCD的边长为2,E为CD的中点,则AE?BD=__________.
14.从n个正整数1,2,…,n中任意取出两个不同的数,若取出的两数之和等于5的
概率为
1,则n=__________. 14??π?1??,则sin θ+cos θ=__________. 4?215.设θ为第二象限角,若tan???16.等差数列{an}的前n项和为Sn,已知S10=0,S15=25,则nSn的最小值为__________.
三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
17. (本小题满分12分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知a=bcos C+csin B. (1)求B;
(2)若b=2,求△ABC面积的最大值.
18. (本小题满分12分)如图,直三棱柱ABC-A1B1C1中,D,E分别是AB,BB1的中点,AA1=AC=CB=2AB. 2(1)证明:BC1∥平面A1CD;
(2)求二面角D-A1C-E的正弦值.
19. (本小题满分12分)经销商经销某种农产品,在一个销售季度内,每售出1 t该产品获利润500元,未售出的产品,每1 t亏损300元.根据历史资料,得到销售季度内市场需求量的频率分布直方图,如图所示.经销商为下一个销售季度购进了130 t该农产品.以X(单位:t,100≤X≤150)表示下一个销售季度内的市场需求量,T(单位:元)表示下一个销售季度内经销该农产品的利润. (1)将T表示为X的函数;
(2)根据直方图估计利润T不少于57 000元的概率;
(3)在直方图的需求量分组中,以各组的区间中点值代表该组的各个值,并以需求量落入该区间的频率作为需求量取该区间中点值的概率(例如:若需求量X∈[100,110),则取X=105,且X=105的概率等于需求量落入[100,110)的频率),求T的数学期望.
20. (本小题满分12分)平面直角坐标系xOy中,过
x2y2椭圆M:2?2=1(a>b>0)右焦点的直线x?y?3?0交M于A,B两点,P为AB的中
ab1点,且OP的斜率为.
2(1)求M的方程;
(2)C,D为M上两点,若四边形ACBD的对角线CD⊥AB,求四边形ACBD面积的最大值.
x21. (本小题满分12分)已知函数f(x)=e-ln(x+m). (1)设x=0是f(x)的极值点,求m,并讨论f(x)的单调性; (2)当m≤2时,证明f(x)>0.
请考生在第22、23、24题中任选择一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,做答时请写清题号.
22. (本小题满分10分)选修4—1:几何证明选讲
如图,CD为△ABC外接圆的切线,AB的延长线交直线CD于点D,E,F分别为弦AB与弦AC上的点,且BC·AE=DC·AF,B,E,F,C四点共圆. (1)证明:CA是△ABC外接圆的直径;
(2)若DB=BE=EA,求过B,E,F,C四点的圆的面积与△ABC外接圆面积的比值.
23. (本小题满分10分)选修4—4:坐标系与参数方程 已知动点P,Q都在曲线C:??x?2cost,(t为参数)上,对应参数分别为t=α与t=2α(0
?y?2sint<α<2π),M为PQ的中点. (1)求M的轨迹的参数方程;
(2)将M到坐标原点的距离d表示为α的函数,并判断M的轨迹是否过坐标原点.
24. (本小题满分10分)选修4—5:不等式选讲 设a,b,c均为正数,且a+b+c=1,证明: (1)ab+bc+ac≤
1; 3a2b2c2???1. (2)
bca理科数学答案
第Ⅰ卷
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 答案:A
2
解析:解不等式(x-1)<4,得-1<x<3,即M={x|-1<x<3}.而N={-1,0,1,2,3},所以M∩N={0,1,2},故选A. 2. 答案:A 解析:z=?2?2i2i2i?1?i??==-1+i. 1?i?1?i??1?i?23.
答案:C
解析:设数列{an}的公比为q,若q=1,则由a5=9,得a1=9,此时S3=27,而a2+10a1=99,不满足题意,因此q≠1.
a1(1?q3)∵q≠1时,S3==a1·q+10a1,
1?q1?q32∴=q+10,整理得q=9. 1?q∵a5=a1·q=9,即81a1=9,∴a1=4. 答案:D
解析:因为m⊥α,l⊥m,lα,所以l∥α.同理可得l∥β.
又因为m,n为异面直线,所以α与β相交,且l平行于它们的交线.故选D. 5. 答案:D
解析:因为(1+x)的二项展开式的通项为C5x(0≤r≤5,r∈Z),则含x的项为C5x+
2
ax·C15x=(10+5a)x,所以10+5a=5,a=-1.
5
4
1. 9rr2226.
答案:B
解析:由程序框图知,当k=1,S=0,T=1时,T=1,S=1;
11,S=1+; 22111当k=3时,T?,S?1+?;
2?322?31111?当k=4时,T?,S?1+?;…;
2?3?422?32?3?41111当k=10时,T?,S?1+????,k增加1变为11,满足k2?3?4???102!3!10!当k=2时,T?>N,输出S,所以B正确.
7. 答案:A
解析:如图所示,该四面体在空间直角坐标系O-xyz的图像为下图:
则它在平面zOx上的投影即正视图为8. 答案:D
解析:根据公式变形,a?,故选A.
lg6lg2lg10lg2lg14lg2?1??1??1?,b?,c?,因lg3lg3lg5lg5lg7lg7lg2lg2lg2??为lg 7>lg 5>lg 3,所以,即c<b<a.故选lg7lg5lg3D. 9. 答案:B
解析:由题意作出??x?1,所表示的区域如图阴影部分所示,
?x?y?3
作直线2x+y=1,因为直线2x+y=1与直线x=1的交点坐标为(1,-1),结合题意知直线y=a(x-3)过点(1,-1),代入得a?所以a?1,21. 210. 答案:C
解析:∵x0是f(x)的极小值点,则y=f(x)的图像大致如下图所示,则在(-∞,x0)上不单调,故C不正确.
11. 答案:C
解析:设点M的坐标为(x0,y0),由抛物线的定义,得|MF|=x0+则x0=5-
p=5,2p. 2p??p??,0?,所以以MF为直径的圆的方程为(x-x0)?x??+(y-y0)y=0.
2??2??y02将x=0,y=2代入得px0+8-4y0=0,即-4y0+8=0,所以y0=4.
2又点F的坐标为?
由y0=2px0,得16?2p?5?2
2
2??p??,解之得p=2,或p=8. 2?所以C的方程为y=4x或y=16x.故选C. 12. 答案:B
第Ⅱ卷
本卷包括必考题和选考题两部分,第13题~第21题为必考题,每个试题考生都必须做答。第22题~第24题为选考题,考生根据要求做答。 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分. 13.答案:2
解析:以AB所在直线为x轴,AD所在直线为y轴建立平面直角坐标系,如图所示,则点A的坐标为(0,0),点B的坐标为(2,0),点D的坐标为(0,2),
????????????????点E的坐标为(1,2),则AE=(1,2),BD=(-2,2),所以AE?BD?2.
14.答案:8
2解析:从1,2,…,n中任取两个不同的数共有Cn种取法,两数之和为5的有(1,4),(2,3)2种,所以
21241,即,解???2n?n?1?Cn14n?n?1?142得n=8.
10 511π?1?tan?1?解析:由tan??????,得tan θ=?,即sin θ=?cos θ.
4?1?tan?233?10222将其代入sinθ+cosθ=1,得cos??1.
93101010因为θ为第二象限角,所以cos θ=?,sin θ=,sin θ+cos θ=?.
1010515.答案:?16.答案:-49
解析:设数列{an}的首项为a1,公差为d,则S10=10a1+10?9d=10a1+45d=0,① 215?14d=15a1+105d=25.② 22联立①②,得a1=-3,d?,
3n(n?1)21210??n?n. 所以Sn=?3n?23331310220n,f'(n)?n2?n. 令f(n)=nSn,则f(n)?n?33320令f′(n)=0,得n=0或n?.
3202020当n?时,f′(n)>0,0 333S15=15a1?n∈N+,则f(6)=-48,f(7)=-49,所以当n=7时,f(n)取最小值-49. 三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. 17. 解:(1)由已知及正弦定理得 sin A=sin Bcos C+sin Csin B.① 又A=π-(B+C),故 sin A=sin(B+C)=sin Bcos C+cos Bsin C.② 由①,②和C∈(0,π)得sin B=cos B, 又B∈(0,π),所以B?(2)△ABC的面积S?π. 412acsin B?ac. 24π22 由已知及余弦定理得4=a+c-2accos. 4422 又a+c≥2ac,故ac?,当且仅当a=c时,等号成立. 2?2因此△ABC面积的最大值为2+1. 18. 解:(1)连结AC1交A1C于点F,则F为AC1中点. 又D是AB中点,连结DF,则BC1∥DF. 因为DF?平面A1CD,BC1所以BC1∥平面A1CD. (2)由AC=CB= 平面A1CD, 2AB得,AC⊥BC. 2????以C为坐标原点,CA的方向为x轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系C-xyz. ????????????CA1=(2,0,2).设CA=2,则D(1,1,0),E(0,2,1),A1(2,0,2), CD=(1,1,0),CE=(0,2,1), 设n=(x1,y1,z1)是平面A1CD的法向量, ??????n?CD?0,?x1?y1?0,则?????即? 2x?2z?0.1??n?CA1?0,?1可取n=(1,-1,-1). 同理,设m是平面A1CE的法向量, ??????m?CE?0,则?可取m=(2,1,-2). ??????m?CA1?0,n·m3?从而cos〈n,m〉=, |n||m|3故sin〈n,m〉=6. 36. 3即二面角D-A1C-E的正弦值为19. 解:(1)当X∈[100,130)时,T=500X-300(130-X)=800X-39 000, 当X∈[130,150]时,T=500×130=65 000. ?800X?39000,100?X?130,T?所以 ?65000,130?X?150.?(2)由(1)知利润T不少于57 000元当且仅当120≤X≤150. 由直方图知需求量X∈[120,150]的频率为0.7,所以下一个销售季度内的利润T不少于57 000元的概率的估计值为0.7. (3)依题意可得T的分布列为 T 45 000 53 000 61 000 65 000 P 0.1 0.2 0.3 0.4 所以ET=45 000×0.1+53 000×0.2+61 000×0.3+65 000×0.4=59 400. 20. 解:(1)设A(x1,y1),B(x2,y2),P(x0,y0), x12y12x22y22y?y1则2?2=1,2?2=1,2=?1, x2?x1ababb2?x2?x1?y?y??21=1. 由此可得2a?y2?y1?x2?x1y1因为x1+x2=2x0,y1+y2=2y0,0?, x02所以a=2b. 又由题意知,M的右焦点为(3,0),故a-b=3. 22 因此a=6,b=3. 2 2 2 2 x2y2?=1. 所以M的方程为63?x?y?3?0,?(2)由?x2y2 ?1,??3?6?43x?,???x?0,?3解得?或? y?3.??y??3,??3?因此|AB|= 46. 3由题意可设直线CD的方程为 ?53?y=x?n???3?n?3??, ??设C(x3,y3),D(x4,y4). ?y?x?n,?22由?x2y2得3x+4nx+2n-6=0. ?1??3?6?2n?2?9?n2?于是x3,4=. 3因为直线CD的斜率为1, 所以|CD|=2|x4?x3|?49?n2. 3186|CD|?|AB|?9?n2. 2986当n=0时,S取得最大值,最大值为. 386所以四边形ACBD面积的最大值为. 3由已知,四边形ACBD的面积S?21. 解:(1)f′(x)=e?x1. x?mx由x=0是f(x)的极值点得f′(0)=0,所以m=1. 于是f(x)=e-ln(x+1),定义域为(-1,+∞),f′(x)=e?函数f′(x)=e?xx1. x?11在(-1,+∞)单调递增,且f′(0)=0. x?1因此当x∈(-1,0)时,f′(x)<0; 当x∈(0,+∞)时,f′(x)>0. 所以f(x)在(-1,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增. (2)当m≤2,x∈(-m,+∞)时,ln(x+m)≤ln(x+2),故只需证明当m=2时,f(x)>0. 当m=2时,函数f′(x)=e?x1在(-2,+∞)单调递增. x?2又f′(-1)<0,f′(0)>0, 故f′(x)=0在(-2,+∞)有唯一实根x0,且x0∈(-1,0). 当x∈(-2,x0)时,f′(x)<0; 当x∈(x0,+∞)时,f′(x)>0,从而当x=x0时,f(x)取得最小值. 由f′(x0)=0得e0= x1,ln(x0+2)=-x0, x0?2?x0?1?21故f(x)≥f(x0)=+x0=>0. x0?2x0?2综上,当m≤2时,f(x)>0. 请考生在第22、23、24题中任选择一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,做答时请写清题号. 22. 解:(1)因为CD为△ABC外接圆的切线, 所以∠DCB=∠A,由题设知 BCDC?, FAEA故△CDB∽△AEF,所以∠DBC=∠EFA. 因为B,E,F,C四点共圆, 所以∠CFE=∠DBC, 故∠EFA=∠CFE=90°. 所以∠CBA=90°,因此CA是△ABC外接圆的直径. (2)连结CE,因为∠CBE=90°,所以过B,E,F,C四点的圆的直径为CE,由DB=BE,有CE=DC,又BC2=DB·BA=2DB2,所以CA2=4DB2+BC2=6DB2. 而DC=DB·DA=3DB,故过B,E,F,C四点的圆的面积与△ABC外接圆面积的比值为23. 解:(1)依题意有P(2cos α,2sin α),Q(2cos 2α,2sin 2α), 因此M(cos α+cos 2α,sin α+sin 2α). 2 2 1. 2M的轨迹的参数方程为??x?cos??cos2?,(α为参数,0<α<2π). y?sin??sin2??(2)M点到坐标原点的距离 d?x2?y2?2?2cos?(0<α<2π). 当α=π时,d=0,故M的轨迹过坐标原点. 24. 222222 解:(1)由a+b≥2ab,b+c≥2bc,c+a≥2ca, 222 得a+b+c≥ab+bc+ca. 2222 由题设得(a+b+c)=1,即a+b+c+2ab+2bc+2ca=1. 所以3(ab+bc+ca)≤1,即ab+bc+ca≤ 1. 3a2b2c2?b?2a,?c?2b,?a?2c, (2)因为bcaa2b2c2???(a?b?c)≥2(a+b+c), 故 bcaa2b2c2??≥a+b+c. 即 bcaa2b2c2??≥1. 所以 bca 百度搜索“yundocx”或“云文档网”即可找到本站免费阅读全部范文。收藏本站方便下次阅读,云文档网,提供经典高考高中2013年甘肃高考理科数学试题在线全文阅读。
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